【暑期每日一练】 day10
目录
选择题
（1）
解析：
（2）
解析：
（3）
解析：
（4）
解析：
（5）
解析：
编程题
题一
描述
示例
解析：
代码实现
题二
描述
示例
提示
解析 ：
代码实现
总结
选择题
（1）
1、求函数返回值，传入 -1 ，则在64位机器上函数返回（ ）
int func(int x)
{int count = 0;while (x){count++;x = x&(x - 1);//与运算} return count;
}A: 死循环 B: 64 C: 32 D: 16
答案：C
解析：
x=x&(x-1)这个表达式执行一次就会将x的2进制中最右边的1去掉，在x变成0之前，表达式能执行几次，就去掉几个1，所以这个代码实现了求一个有符号整数二进制补码中1的个数的功能，我们知道-1的补码是全1，而int类型4个字节32位，选C
（2）
2、读代码选结果（ ）
int count = 0;
int x = -1;
while(x)
{count++;x = x >> 1;
}
printf("%d",count);A: 1 B: 2 C: 32 D: 死循环，没结果
答案：D
解析：
此题一个关键，有符号数右移运算高位是补符号位的，负数的符号位是1，所以x永远不会变为0，是个死循环
（3）
3、下述赋值语句错误的是（ ）
A: a = (b = (c = 2 , d = 3)) B: i++ C: a/b = 2 D: a = a < a + 1
答案：C
解析：
C选项中a/b是表达式，表达式计算的结果是一个值不能做左值
（4）
4、若有 int w=1, x=2, y=3, z=4; 则条件表达 w < x ? w : y < z ? y : z 的值是（ ）
A: 1 B: 2 C: 3 D: 4
答案：A
解析：
w<x?w:(y<z?y:z)加个括号应该就好理解了w<x为真，返回w，即表达式的值为1
（5）
5、以下程序运行后的输出结果是（ ）
int main()
{int a=1,b=2,m=0,n=0,k;k=(n=b<a)&&(m=a);printf("%d,%d\n",k,m);return 0;
}A: 0,0 B: 0,1 C: 1,0 D: 1,1
答案：A
解析：
k=(n=b<a)&&(m=a);这部分的执行顺序如下：先执行n=b<a部分，其中，关系运算符优先级高于赋值运算符，所以先算b<a，得到0，n=0赋值运算的结果将作为括号内表达式的结果，即(n=b<a)&&(m=a)转换成(0)&&(m=a)，&&运算前表达式为假，则后面的括号(m=a)不运算，m值还是0，最后，&&的结果是0，即k=0
编程题
题一
描述
写一个函数，求两个整数之和，要求在函数体内不得使用+、-、*、/四则运算符号。
数据范围：两个数都满足 −10≤≤n≤1000
示例
解析：
十进制相加思想： 15+07 ， 先计算不考虑进位的相加结果 12 （因为 5+7 的不考虑进位的结果是 2 ，遇 10 进位嘛），然后计算进位 5+7 进位是 10 ，则 10 与 12 再次相加，得到 22 ，进位为 0 ，则计算到此结束。
这里使用二进制求和完成，思想类似，但是二进制计算相加和进位不需要使用 + 符号
二进制相加思想：与十进制相同，先计算不考虑进位的相加结果（ 0+0 得 0 ， 1+1 进位得 0 ， 1+0 得 1 ），使用异或可以取得； 然后计算相加的进位结果（同 1 的位置左移一位即可），使用相与后左移取得。
示例：
5 0101 + 7 0111
不考虑进位的相加结果 0101^0111 -> 0010
相加的进位 0101&0111 -> 0101 因为进位左移得到 1010
1010 + 0010
不考虑进位的相加结果 1010 ^ 0010 -> 1000
相加的进位 1010 & 0010 -> 0010 因为进位左移得到 0100
1000 + 0100
不考虑进位的相加结果 1000 ^ 0100 -> 1100
相加的进位 1000 & 0100 -> 0000 进位为0结束运算
代码实现
int Add(int num1, int num2 ) {while(num2 != 0){ //进位不为0则持续与相加结果进行相加int tmp = num1 ^ num2;//得到每位相加不考虑进位的数据num2 = (num1 & num2) << 1;//同1的位相加则会进位num1 = tmp;} return num1;
}题二
描述
给你一个含 n 个整数的数组 nums ，其中 nums[i] 在区间 [1, n] 内。请你找出所有在 [1, n] 范围内但没有出现在 nums 中的数字，并以数组的形式返回结果。
示例
提示
解析 ：
numsSize 大小的数组，其中每个元素的数据在 [1, numsSize] 区间之内，解法其实并不复杂，以数组元素的绝对值作为下标，将对应位置的数据置为负数，比如 0 号位置是 3 ，则把 3 号位置的数据重置为负值，等到数组遍历重置完毕，只有缺失的这个数字对应的位置保留正数，其他出现过的数字位置都会是负数， 要注意不要重复设置负数，因为负负得正。
示例
[2, 3, 3, 2, 4] 注意数组10个元素，值为[1-10]， 但是访问下标应该在[0-9]之内,因此修改位置下标应该是值-1
0号元素是2，则将1号位置置为对应负值 [2, -3, 3, 2, 4]
1号元素是3，则将2号位置置为对应负值 [2, -3, -3, 2, 4]
2号元素是-3，绝对值为3，将2号位置为负值，但是2号位已经重置过，不需要重置，否则会变正数[2, -3, -3, 2, 4]
3号元素是-2，绝对值为2，将1号位置为负值，但是1号位已经重置过，不需要重置，否则会变正数[2, -3, -3, 2, 4]
4号元素是4，则将3号位置置为对应负值 [2, -3, -3, -2, 4]
遍历数组得到0,4两个位置的数据是大于0的，因为人家数值从1开始，因此+1后得到1， 5两个缺失的数字
代码实现
int* findDisappearedNumbers(int* nums, int numsSize, int* returnSize)
{for (int i = 0; i < numsSize; i++){if (nums[abs(nums[i]) - 1] > 0)nums[abs(nums[i]) - 1] = -(nums[abs(nums[i]) - 1]);}int *ret = (int *)malloc(sizeof(int) * (numsSize));*returnSize = 0;for (int i = 0; i < numsSize; i++) {if (nums[i] > 0){ret[*returnSize] = i + 1;*returnSize += 1;}
} return ret;
}总结
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